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12345679×12＝148148148
12345679×15＝185185185
12345679×57＝703703703
轮流“休息” 当乘数不是 3 的倍数时，此时虽然没有“清一色”或“三
位一体”现象，但仍可看到一种奇异性质：乘积的各位数字均无雷同。缺什
么数存在着明确的规律，它们是按照“均匀分布”出现的。另外，在乘积中
缺 3、缺 6、缺 9 的情况肯定不存在。
让我们看一下乘数在区间［10～17］ 的情况，其中 12和15 因是3的倍数，
予以排除。
12345679×10＝123456790（缺 8）
12345679×11＝135802469（缺 7）
12345679×13＝160493827（缺 5）
12345679×14＝172869506（缺 4）
12345679×16＝197530864（缺 2）
12345679×17＝209876543（缺 1）
乘数在［19～26］及其他区间（区间长度等于 7）的情况与此完全类似。
乘积中缺什么数，就像工厂或商店中职工“轮休”，人人有份，但也不
能多吃多占，真是太有趣了！
一以贯之 当乘数超过 81 时，乘积将至少是十位数，但上述的各种现
象依然存在，真是“吾道一以贯之”。随便看几个例子：
（1）乘数为 9 的倍数
12345679×243＝2999999997，只要把乘积中最左边的一个数 2 加到最右
边的 7 上，仍呈现“清一色”。
（2）乘数为 3 的倍数，但不是 9 的倍数
12345679×84＝1037037036，只要把乘积中最左边的一个数 1 加到最右边
的 6 上，又可看到“三位一体”现象。
（3）乘数为 3k＋1 或 3k＋2 型
12345679×98＝1209876542，表面上看来，乘积中出现雷同的 2，但据上
所说，只要把乘积中最左边的数 1 加到最右边的 2 上去之后，所得数为
209876543，是“缺 1”数，而根据上面的“学说”可知，此时正好轮到 1 休
息，结果与理论完全吻合。
走马灯 冬去春来，24 个节气仍然是立春、雨水、惊蛰……其次序完全
不变，表现为周期性的重复。“缺 8 数”也有此种性质，但其乘数是相当奇
异的。
实际上，当乘数为 19 时，其乘积将是 234567901，像走马灯一样，原先
居第二位的数 2 却成了开路先锋。深入的研究显示，当乘数成一个公差等于
9 的算术级数时，出现“走马灯”现象。例如：
12345679×28＝345679012
12345679×37＝456790123
回文结对 携手同行 “缺 8 数”的“精细结构”引起研究者的浓厚兴
趣，人们偶然注意到：
12345679×4＝49382716
12345679×5＝61728395
前一式的积数颠倒过来读（自右到左），不正好就是后一式的积数吗？
（但有微小的差异，即 5 代以 4，而根据“轮休学说”，这正是题中的应有
之义。）
这样的“回文结对，携手并进”现象，对 13、14、22、23、31、32、40、
41 等各对乘数（每相邻两对乘数的对应公差均等于 9）也应如此。例如：
12345679×67＝827160493
12345679×68＝839506172
遗传因子 “缺 8 数”还能“生儿育女”，这些后裔秉承其“遗传因子”，
完全承袭上面的这些特征，所以这个庞大家族的成员几乎都同其始祖
12345679 具有同样的本领。
例如，506172839 是“缺 8 数”与 41 的乘积，所以它是一个衍生物。
我们看到，506172839×3＝1518518517。
如前所述，“三位一体”模式又来到我们面前。
能被 2 和 5 整除的数
一个数的末一位数能被 2 和 5 整除，这个数就能被 2 和 5 整除。具体地
说，个位上是 0、2、4、6、8 的数，都能被 2 整除。个位上是 0 或是 5 的数，
都能被 5 整除。
例如：128、64、30 的个位分别是 8、4、0，这 3 个数都能被 2 整除。
281、165、79 的个位分别是 1、5、9，那么这 3 个数都不能被 2 整除。
在上面的 6 个数中，30 和 165 的个位分别是 0 和 5，这两个数能被 5 整
除，其他各数均不能被 5 整除。
能被 3 和 9 整除的数
一个数各个数位上的数的和能被 3 或 9 整除，这个数就能被 3 或 9 整除。
7＋4＋1＋6＝18，18 能被 3 整除，也能被 9 整除，所以 7416 能被 3 整除，
也能被 9 整除。
再如：5739 各个数位上的数之和是：
5＋7＋3＋9＝24，24 能被 3 整除，但不能被 9 整除，所以 5739 能被 3 整除，
而不能被 9 整除。
能被 4 和 25 整除的数
一个数的末两位数能被 4 或 25 整除，这个数就能被 4 或 25 整除。具体
地说，一个数的末两位数是 0，或是 4 的倍数这个数就是 4 的倍数，能被 4
整除。一个数的末两位数是 0 或是 25 的倍数，这个数就是 25 的倍数，能被
25 整除。
例如：324，4200，675，三个数中，324 的末两位数是 2424 是 4 的倍数，
所以 324 能被 4 整除。675 的末两位数是 7575 是 25 的倍数，所以 675 能被
25 整除，4200 的末两位数都是 0，所以4200 既能被 4 整除，又能被 25 整除。
能被 8 和 125 整除的数
一个数的末三位数能被 8 或 125 整除，这个数就能被 8 或 125 整除。具
体地说，一个数的末三位数是 0 或是 8 的倍数，就能被 8 整除；一个数的末
三位数是 0 或是 125 的倍数，就能被 125 整除。
例如：2168、32000、1875，3 个数中，2168 的末三位数是 168，168 是
8 的倍数，所以 2168 能被 8 整除。1875 的末三位数是 875，875 是 125 的倍
数，所以 1875 能被 125 整除。32000 的末三位数都是 0，所以 32000 既能被
8 整除，又能被 125 整除。
能被 7、11 和 13 整除的数
一个数末三位数字所表示的数与末三位以前的数字所表示的数的差（以
大减小），能被 7、11、13 整除，这个数就能被 7、11、13 整除。
例如：128114，由于 128…114＝14，14 是 7 的倍数，所以 128114 能被 7
整除。
94146，由于 146…94＝52，52 是 13 的倍数，所以 94146 能被 13 整除。
64152 由于 152…64＝88，88 是 11 的倍数，所以 64152 能被 11 整除。
能被 11 整除的数，还可以用“奇偶位差法”来判定。一个数奇位上的数
之和与偶位上的数之和相减（以大减小），所得的差是 0 或是 11 的倍数时，
这个数就能被 11 整除。
例如：64152，奇位上的数之和是 6＋1＋2＝9，偶位上的数之和是 4＋5＝9，
9…9＝0，判断出 64152 能被 11 整除。
校庆“35”
校庆 35 周年了，为了庆祝这个日子，4 个同学用 35 这个数做游戏，游
戏的要求是：只能用 5 这个数字，或者只用 7 这个数字组成一个式子，其结
果等于 35。甲和乙分别用 4 个 5 和 4 个 7 组成 35，其式子如下：
甲：5×5＋5＋5＝35
乙：7×7…7…7＝35
另两个同学丙和丁分别用 5 个 5 和 5 个 7 组成 35。其式子如下：
丙：55…5×5＋5＝35
丁：77…7×7＋7＝35
这 4 个式子有一个特点，都是在 5×7 这个基本式子引申出来的。改变其
中一个数字，使它变成 1 和 11，以及 5 或 7 的关系，那么最后的式子中就可
以保持清一色。
比如：5×（5＋1＋1）＝5×5＋5＋5＝35
5×（11…5＋1）＝55…5×5＋5＝35
7×（7…1…1）＝7×7…7…7＝35
7×（11…7＋1）＝77…7×7＋7＝35
阿凡提新传
财主正在给 9 个亲戚分一筐苹果，阿凡提来了。这时财主正不知道怎么
分好。阿凡提说：“我来帮帮你的忙，保证给他们平均分好，但是有一个条
件，最后分剩下的给我。”财主答应了。阿凡提数了 70 多个苹果，分到最后，
阿凡提剩下的苹果比其他每人分得的还多。你知道阿凡提是怎么分的，他开
始拿出了 70 几个苹果？
解答：把题的意思变成数学语言，就是
7△÷9＝○……□
其中○是商数，□是余数，要求余数最大。
由于被除数为 7△，所以○只能是 7 或 8，如果是 8，那么 7△必定在 72
到 79 之间，以 79 为例，有最大余数为 7。即
79÷9＝8……7
但如果○为 7，它的最大余数应该是比除数少 1 的数，即 9…1＝8，因此被
除数应是：
7×9＋8＝71
所以答案应是：
71÷9＝7……8
因此，阿凡提最初拿出 71 个苹果，平分给 9 人，每人是 7 个苹果，而剩
下的留给阿凡提，阿凡提反而得到 8 个苹果。
跷跷板与